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已知函数f(x)=lnx-(x-1)22(Ⅰ)求函数f(x)的单调递增区间;(Ⅱ)证明:当x>1时,f(x)<x-1(Ⅲ)确定实数k的所有可能取值,使得存在x0>1,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)>k(x-1
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已知函数f(x)=lnx-
(Ⅰ)求函数f(x)的单调递增区间;
(Ⅱ)证明:当x>1时,f(x)<x-1
(Ⅲ)确定实数k的所有可能取值,使得存在x0>1,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)>k(x-1)
(x-1)2 |
2 |
(Ⅰ)求函数f(x)的单调递增区间;
(Ⅱ)证明:当x>1时,f(x)<x-1
(Ⅲ)确定实数k的所有可能取值,使得存在x0>1,当x∈(1,x0)时,恒有f(x)>k(x-1)
▼优质解答
答案和解析
(I)f′(x)=
-x+1=
,x∈(0,∞),
由 f′(x)>0得:
,
解得0<x<
,
故f(x) 的单调递增区间(0,
);
(II)令F(x)=f(x)-(x-1),x∈(0,+∞),
则有F′(x)=
,
当 x∈(1,+∞)时,F′(x)<0,所以F′(x)在[1,+∞) 上单调递减,
故当x>1 时,F′(x)<F(x)<,即当x>1 时,f(x)<x-1;
(III)由(II)知,当k=1 时,不存在x0>1 满足题意,
当k>1 时,对于x>1,有f(x)<x-1<k(x-1),
则f(x)<k(x-1),从而不存在xx0>1 满足题意,
当k<1 时,令G(x)=f(x)-k(x-1),x∈(0,∞),
则有G′(x)=
-x-k=
,
由G′(x)=0 得:-x2+(1-k)x+1=0,
得x1=
<0,x2=
>1,
当x∈(1,x2) 时,G′(x)>0,故G(x) 在[1,x 2)内单调递增,
从而当x∈(1,x2) 时,G(x)>G(1)=0,即f(x)>k(x-1),
综上,k的取值范围是(-∞,1).
1 |
x |
-x2+x+1 |
x |
由 f′(x)>0得:
|
解得0<x<
1+
| ||
2 |
故f(x) 的单调递增区间(0,
1+
| ||
2 |
(II)令F(x)=f(x)-(x-1),x∈(0,+∞),
则有F′(x)=
1-x2 |
x |
当 x∈(1,+∞)时,F′(x)<0,所以F′(x)在[1,+∞) 上单调递减,
故当x>1 时,F′(x)<F(x)<,即当x>1 时,f(x)<x-1;
(III)由(II)知,当k=1 时,不存在x0>1 满足题意,
当k>1 时,对于x>1,有f(x)<x-1<k(x-1),
则f(x)<k(x-1),从而不存在xx0>1 满足题意,
当k<1 时,令G(x)=f(x)-k(x-1),x∈(0,∞),
则有G′(x)=
1 |
x |
-k2+(1-k)x+1 |
x |
由G′(x)=0 得:-x2+(1-k)x+1=0,
得x1=
1-k-
| ||
2 |
1-k+
| ||
2 |
当x∈(1,x2) 时,G′(x)>0,故G(x) 在[1,x 2)内单调递增,
从而当x∈(1,x2) 时,G(x)>G(1)=0,即f(x)>k(x-1),
综上,k的取值范围是(-∞,1).
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