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设fn(x)=x+x2+x3+…+xn(n=2,3,…),证明:(Ⅰ)方程fn(x)=1在[0,+∞)内有唯一实根xn.(Ⅱ)求极限limn→∞xn.
题目详情
设fn(x)=x+x2+x3+…+xn(n=2,3,…),证明:
(Ⅰ)方程fn(x)=1在[0,+∞)内有唯一实根xn.
(Ⅱ)求极限
xn.
(Ⅰ)方程fn(x)=1在[0,+∞)内有唯一实根xn.
(Ⅱ)求极限
lim |
n→∞ |
▼优质解答
答案和解析
(1)对于n=2,3,…,
fn(0)=0<1,fn(1)=n>1,
故由连续函数的介值定理可得,∃xn∈(0,1)⊂[0,+∞),使得fn(xn)=1.
又因为∀x>0,fn′(x)=1+2x+…+nxn-1>0,
故fn(x)在[0,+∞)上严格单调增,
从而方程fn(x)=1在[0,+∞)内有唯一实根xn.
(2)对于任意x>0,
fn+1(x)=fn(x)+xn+1>fn(x),
所以fn+1(xn)>fn(xn)=1=fn+1(xn+1);
又因为fn+1(x)在[0,+∞)上严格单调增,
故xn+1<xn,
即{xn}为单调递减序列.
又因为xn∈(0,1)为有界序列,
故数列{xn}收敛,设
xn=A≤1.
计算可得,fn(x)=x+x2+x3+…+xn =
.
故
=1.
令n→+∞可得,
=1,
求解即得,A=
.
故
xn=
.
fn(0)=0<1,fn(1)=n>1,
故由连续函数的介值定理可得,∃xn∈(0,1)⊂[0,+∞),使得fn(xn)=1.
又因为∀x>0,fn′(x)=1+2x+…+nxn-1>0,
故fn(x)在[0,+∞)上严格单调增,
从而方程fn(x)=1在[0,+∞)内有唯一实根xn.
(2)对于任意x>0,
fn+1(x)=fn(x)+xn+1>fn(x),
所以fn+1(xn)>fn(xn)=1=fn+1(xn+1);
又因为fn+1(x)在[0,+∞)上严格单调增,
故xn+1<xn,
即{xn}为单调递减序列.
又因为xn∈(0,1)为有界序列,
故数列{xn}收敛,设
lim |
n→∞ |
计算可得,fn(x)=x+x2+x3+…+xn =
x−xn+1 |
1−x |
故
xn−xnn+1 |
1−xn |
令n→+∞可得,
A |
1−A |
求解即得,A=
1 |
2 |
故
lim |
n→∞ |
1 |
2 |
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