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在△ABC中,BA=BC,∠BAC=α,M是AC的中点,P是线段上的动点,将线段PA绕点P顺时针旋转2α得到线段PQ.线段CQ的延长线交射线BM于点D,连接AD.(1)若α=60°且点P与点M重合(如图1),求证四边
题目详情
在△ABC中,BA=BC,∠BAC=α,M是AC的中点,P是线段上的动点,将线段PA绕点P顺时针旋转2α得到线段PQ.线段CQ的延长线交射线BM于点D,连接AD.
(1)若α=60°且点P与点M重合(如图1),求证四边形ABCD为菱形;
(2)在图2中,点P不与点B,M重合,猜想∠CDB的大小(用含α的代数式表示),并加以证明;
(3)对于适当大小的α,当点P在线段BM上运动到某一位置(不与点B,M重合)时,能使得线段CQ的延长线与射线BM交于点D,且PQ=QD,请直接写出α的范围.
(1)若α=60°且点P与点M重合(如图1),求证四边形ABCD为菱形;
(2)在图2中,点P不与点B,M重合,猜想∠CDB的大小(用含α的代数式表示),并加以证明;
(3)对于适当大小的α,当点P在线段BM上运动到某一位置(不与点B,M重合)时,能使得线段CQ的延长线与射线BM交于点D,且PQ=QD,请直接写出α的范围.
▼优质解答
答案和解析
(1)∵BA=BC,∠BAC=60°,
∴AB=BC=AC,∠ABC=60°,
∵M为AC的中点,
∴MB⊥AC,∠CBM=30°,AM=MC,
∴QM=MC,
∴∠MCQ=
∠AMQ=60°,
∴∠CDM=30°=∠CBM,
∴CB=DC=BA,
∴DC=BA,DC∥BA,
∴四边形ABCD是平行四边形,
∵BA=BC,
∴四边形ABCD是菱形;
(2)∠CDB=90°-α,证明如下:
连接PC,
由(1)得BM垂直平分AC,
∴AP=PC,∠ADB=∠CDB,∠PAD=∠PCD,
又∵PQ=PA,
∴PQ=PC=PA,
∴Q,C,A在以P为圆心,PA为半径的圆上,
∴∠ACQ=
∠APQ=α,
∴∠BAC=∠ACD,
∴DC∥BA,
∴∠CDB=∠ABD=90°-α;
(3)∵∠CDB=90°-α,且PQ=QD,
∴∠PAD=∠PCQ=∠PQC=2∠CDB=180°-2α,
∵点P不与点B,M重合,
∴∠BAD>∠PAD>∠MAD,
∴2α>180°-2α>α,
∴45°<α<60°.
∴AB=BC=AC,∠ABC=60°,
∵M为AC的中点,
∴MB⊥AC,∠CBM=30°,AM=MC,
∴QM=MC,
∴∠MCQ=
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∴∠CDM=30°=∠CBM,
∴CB=DC=BA,
∴DC=BA,DC∥BA,
∴四边形ABCD是平行四边形,
∵BA=BC,
∴四边形ABCD是菱形;
(2)∠CDB=90°-α,证明如下:
连接PC,
由(1)得BM垂直平分AC,
∴AP=PC,∠ADB=∠CDB,∠PAD=∠PCD,
又∵PQ=PA,
∴PQ=PC=PA,
∴Q,C,A在以P为圆心,PA为半径的圆上,
∴∠ACQ=
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∴∠BAC=∠ACD,
∴DC∥BA,
∴∠CDB=∠ABD=90°-α;
(3)∵∠CDB=90°-α,且PQ=QD,
∴∠PAD=∠PCQ=∠PQC=2∠CDB=180°-2α,
∵点P不与点B,M重合,
∴∠BAD>∠PAD>∠MAD,
∴2α>180°-2α>α,
∴45°<α<60°.
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