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质量为m=1kg的小木块(可看成质点),放在质量为M=5kg的长木板的左端,如图所示.长木板放在光滑的水平桌面上.小木块与长木板间的动摩擦因数μ=0.1,长木板的长度l=2m.系统处于静止状
题目详情
质量为m=1kg的小木块(可看成质点),放在质量为M=5kg的长木板的左端,如图所示.长木板放在光滑的水平桌面上.小木块与长木板间的动摩擦因数μ=0.1,长木板的长度l=2m.系统处于静止状态.现使小木块从长木板右端脱离出来,可采取下列两种方法:(g取10m/s2)
(1)给小木块施加水平向右的恒定外力F,F作用时间t=2s.则F至少是多大?
(2)给小木块一个水平向右的冲量I,则冲量I至少是多大?
(1)给小木块施加水平向右的恒定外力F,F作用时间t=2s.则F至少是多大?
(2)给小木块一个水平向右的冲量I,则冲量I至少是多大?
▼优质解答
答案和解析
(1)设F刚撤去时,木块与木板的速度分别为v1和v2,当木块恰好滑到木板的右端时,两者共同速度为v.
对于F作用过程,根据动量定理得:
对整体:Ft=mv1+Mv2 ①
对木板:μmgt=Mv2 ②
此过程木块在木板滑行的距离S1=
-
③
对整体过程有,Ft=(m+m)v ④
对于撤去F到木块滑到木板右端的过程,设木块相对于木板滑行的距离为S2,根据能量守恒定律得
μmgS2=
m
+
M
−
(m+M)v2 ⑤
又S1+S2=l,⑥
联立以上6式,解得,F=1.85N
(2)当木块恰好滑到木板的右端时,两者速度相等,I最小,则由系统动量守恒
mv0=(m+M)v1
解得v1=
v0
由能量守恒得 μmgl=
m
−
(M+m)
解得v0=
m/s
由动量定理得 I=mv0=
N•s≈2.2N•s
答:
(1)给小木块施加水平向右的恒定外力F,F作用时间t=2s.F至少是1.85N;
(2)给小木块一个水平向右的冲量I,则冲量I至少是2.2N•s.
对于F作用过程,根据动量定理得:
对整体:Ft=mv1+Mv2 ①
对木板:μmgt=Mv2 ②
此过程木块在木板滑行的距离S1=
v1t |
2 |
v2t |
2 |
对整体过程有,Ft=(m+m)v ④
对于撤去F到木块滑到木板右端的过程,设木块相对于木板滑行的距离为S2,根据能量守恒定律得
μmgS2=
1 |
2 |
v | 2 1 |
1 |
2 |
v | 2 2 |
1 |
2 |
又S1+S2=l,⑥
联立以上6式,解得,F=1.85N
(2)当木块恰好滑到木板的右端时,两者速度相等,I最小,则由系统动量守恒
mv0=(m+M)v1
解得v1=
1 |
6 |
由能量守恒得 μmgl=
1 |
2 |
v | 2 0 |
1 |
2 |
v | 2 1 |
解得v0=
4.8 |
由动量定理得 I=mv0=
4.8 |
答:
(1)给小木块施加水平向右的恒定外力F,F作用时间t=2s.F至少是1.85N;
(2)给小木块一个水平向右的冲量I,则冲量I至少是2.2N•s.
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