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(2013•滨湖区二模)如图,在矩形ABCD中,AB=3,BC=4.动点P从点A出发沿AC向终点C运动,同时动点Q从点B出发沿BA向点A运动,到达A点后立刻以原来的速度沿AB返回.点P,Q运动速度均为每秒1个
题目详情

(1)求线段AC的长度;
(2)当点Q从B点向A点运动时(未到达A点),求△APQ的面积S关于t的函数关系式,并写出t的取值范围;
(3)伴随着P,Q两点的运动,线段PQ的垂直平分线为l:
①当l经过点A时,射线QP交AD于点E,求AE的长;
②当l经过点B时,求t的值.
▼优质解答
答案和解析
(1)∵四边形ABCD是矩形,
∴∠ABC=90°,
在Rt△ABC中,由勾股定理得:AC=
=5;
(2)如图1,

过点P作PH⊥AB于点H,AP=t,AQ=3-t,
则∠AHP=∠ABC=90°,
∵∠PAH=∠CAB,
∴△AHP∽△ABC,
∴
=
,
∵AP=t,AC=5,BC=4,
∴PH=
t,
∴S=
•(3-t)•
t,
即S=-
t2+
t,t的取值范围是:0<t<3.
(3)①如图2,

∵线段PQ的垂直平分线为l经过点A,
∴AP=AQ,
∴3-t=t,
∴t=1.5,
∴AP=AQ=1.5,
延长QP交AD于点E,过点Q作QO∥AD交AC于点O,
∴△AQO∽△ABC,
∴
=
=
,
∴AO=
•AC=
,OQ=
•BC=2,
∴PO=AO-AP=1,
∵OQ∥BC∥AD,
∴△APE∽△OPQ,
∴
=
,
∴AE=
•OQ=3.

②如图③,
(i)当点Q从B向A运动时l经过点B,
BQ=BP=AP=t,∠QBP=∠QAP,
∵∠QBP+∠PBC=90°,∠QAP+∠PCB=90°
∴∠PBC=∠PCB,
∴CP=BP=AP=t
∴CP=AP=
AC=
×5=2.5,
∴t=2.5;
(ⅱ)如图4,当点Q从A向B运动时l经过点B,

BP=BQ=3-(t-3)=6-t,AP=t,PC=5-t,
过点P作PG⊥CB于点G,
则PG∥AB,
∴△PGC∽△ABC,
∴
=
=
,
∴PG=
•AB=
(5-t),CG=
•BC=
(5-t),
∴BG=4-
(5−t)=
t
由勾股定理得BP2=BG2+PG2,即(6−t)2=(
t)2+[
(5−t)]2,
解得t=
.
∴∠ABC=90°,
在Rt△ABC中,由勾股定理得:AC=
AB2+BC2 |
(2)如图1,

过点P作PH⊥AB于点H,AP=t,AQ=3-t,
则∠AHP=∠ABC=90°,
∵∠PAH=∠CAB,
∴△AHP∽△ABC,
∴
AP |
AC |
PH |
BC |
∵AP=t,AC=5,BC=4,
∴PH=
4 |
5 |
∴S=
1 |
2 |
4 |
5 |
即S=-
2 |
5 |
6 |
5 |
(3)①如图2,

∵线段PQ的垂直平分线为l经过点A,
∴AP=AQ,
∴3-t=t,
∴t=1.5,
∴AP=AQ=1.5,
延长QP交AD于点E,过点Q作QO∥AD交AC于点O,
∴△AQO∽△ABC,
∴
AO |
AC |
AQ |
AB |
QO |
BC |
∴AO=
AQ |
AB |
5 |
2 |
AQ |
AB |
∴PO=AO-AP=1,
∵OQ∥BC∥AD,
∴△APE∽△OPQ,
∴
AE |
OQ |
AP |
OP |
∴AE=
AP |
OP |

②如图③,
(i)当点Q从B向A运动时l经过点B,
BQ=BP=AP=t,∠QBP=∠QAP,
∵∠QBP+∠PBC=90°,∠QAP+∠PCB=90°
∴∠PBC=∠PCB,
∴CP=BP=AP=t
∴CP=AP=
1 |
2 |
1 |
2 |
∴t=2.5;
(ⅱ)如图4,当点Q从A向B运动时l经过点B,

BP=BQ=3-(t-3)=6-t,AP=t,PC=5-t,
过点P作PG⊥CB于点G,
则PG∥AB,
∴△PGC∽△ABC,
∴
PC |
AC |
PG |
AB |
GC |
BC |
∴PG=
PC |
AC |
3 |
5 |
PC |
AC |
4 |
5 |
∴BG=4-
4 |
5 |
4 |
5 |
由勾股定理得BP2=BG2+PG2,即(6−t)2=(
4 |
5 |
3 |
5 |
解得t=
45 |
14 |
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