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已知函数f(x)=12x2+(1-a)x-alnx,a∈R.(1)若f(x)存在极值点为1,求a的值;(2)若f(x)存在两个不同零点x1,x2,求证:x1+x2>2.
题目详情
已知函数f(x)=
x2+(1-a)x-alnx , a∈R.
(1)若f(x)存在极值点为1,求a的值;
(2)若f(x)存在两个不同零点x1,x2,求证:x1+x2>2.
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(1)若f(x)存在极值点为1,求a的值;
(2)若f(x)存在两个不同零点x1,x2,求证:x1+x2>2.
▼优质解答
答案和解析
(本小题满分12分)
(1)f′(x)=x+1-a-
,因为f(x)存在极值点为1,所以f'(1)=0,即2-2a=0,a=1,经检验符合题意,所以a=1.(4分)
(2)f′(x)=x+1-a-
=(x+1)(1-
)(x>0)
①当a≤0时,f'(x)>0恒成立,所以f(x)在(0,+∞)上为增函数,不符合题意;
②当a>0时,由f'(x)=0得x=a,
当x>a时,f'(x)>0,所以f(x)为增函数,当0<x<a时,f'(x)<0,所f(x)为减函数,
所以当x=a时,f(x)取得极小值f(a)
又因为f(x)存在两个不同零点x1,x2,所以f(a)<0,即
a2+(1-a)a-alna<0
整理得lna>1-
a,
作y=f(x)关于直线x=a的对称曲线g(x)=f(2a-x),
令h(x)=g(x)-f(x)=f(2a-x)-f(x)=2a-2x-aln
h′(x)=-2+
=-2+
≥0所以h(x)在(0,2a)上单调递增,
不妨设x1<a<x2,则h(x2)>h(a)=0,即g(x2)=f(2a-x2)>f(x2)=f(x1),
又因为2a-x2∈(0,a),x1∈(0,a),且f(x)在(0,a)上为减函数,
故2a-x2<x1,即x1+x2>2a,又lna>1-
a,易知a>1成立,故x1+x2>2.(12分)
(1)f′(x)=x+1-a-
a |
x |
(2)f′(x)=x+1-a-
a |
x |
a |
x |
①当a≤0时,f'(x)>0恒成立,所以f(x)在(0,+∞)上为增函数,不符合题意;
②当a>0时,由f'(x)=0得x=a,
当x>a时,f'(x)>0,所以f(x)为增函数,当0<x<a时,f'(x)<0,所f(x)为减函数,
所以当x=a时,f(x)取得极小值f(a)
又因为f(x)存在两个不同零点x1,x2,所以f(a)<0,即
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整理得lna>1-
1 |
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作y=f(x)关于直线x=a的对称曲线g(x)=f(2a-x),
令h(x)=g(x)-f(x)=f(2a-x)-f(x)=2a-2x-aln
2a-x |
x |
2a2 |
(2a-x)x |
2a2 |
-(x-a)2+a2 |
不妨设x1<a<x2,则h(x2)>h(a)=0,即g(x2)=f(2a-x2)>f(x2)=f(x1),
又因为2a-x2∈(0,a),x1∈(0,a),且f(x)在(0,a)上为减函数,
故2a-x2<x1,即x1+x2>2a,又lna>1-
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