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证明:n为素数则(n—1)!≡—1(modn)
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证明:n为素数则(n—1)!≡—1(modn)
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答案和解析
此题的证明,需先假设以下结论成立,即
若a,b是正整数,且(a,b)=d(最大公因数),则必存在整数m和k
使得d=ma+kb ,
当a,b互素时d=1,结论变为存在整数m和k,使得1=ma+kb成立.
以下证明(n—1)!≡—1(modn)
n为一素数,当n=2,3时,结论显然成立.
现设n>3是一奇素数,S={2,3,…,n-2},a∈S.
因为(a,n)=1,存在整数m和k,使am+nk=1,
令m=nq+b,0≤b<n,下面说明b≠1,b≠n-1,b≠a.
若b=a,则有anq+a^2+nk=1,n|(a^2-1),此不可能,所以b≠a.
若b=1,则有anq+a+nk=1,n|(a-1),此不可能,所以b≠1.
同理,b≠n-1
于是b∈S且b≠a.
因为ab=1-anq-nk,所以ab≡1(mod n).
由于S中的数可分成(p-3)/2对,
每一对数a和b,满足ab≡1(mod n),
故得
2·3…(n-2) ≡ 1(mod n),
(n-1)≡-1(mod n)
将上两式相乘即可得(n-1)!≡ -1 (mod n).
下面证明“若a,b是正整数,且(a,b)=d(最大公因数),则必存在整数m和k,使得d=ma+kb”.
设两数b<a,求它们最大公约数(a、b)的步骤如下:用b除a,得a=bq1+r1(0≤r<b).若r1=0,则(a,b)=b;若r1≠0,则再用r1除b,得b=rq2+r2(0≤r2<r1).若r2=0,则(a,b)=r1,若r2≠0,则继续用r2除r1,……如此下去,直到能整除为止.其最后一个非零余数即为(a,b).
即,
a=bq1+r1(0
若a,b是正整数,且(a,b)=d(最大公因数),则必存在整数m和k
使得d=ma+kb ,
当a,b互素时d=1,结论变为存在整数m和k,使得1=ma+kb成立.
以下证明(n—1)!≡—1(modn)
n为一素数,当n=2,3时,结论显然成立.
现设n>3是一奇素数,S={2,3,…,n-2},a∈S.
因为(a,n)=1,存在整数m和k,使am+nk=1,
令m=nq+b,0≤b<n,下面说明b≠1,b≠n-1,b≠a.
若b=a,则有anq+a^2+nk=1,n|(a^2-1),此不可能,所以b≠a.
若b=1,则有anq+a+nk=1,n|(a-1),此不可能,所以b≠1.
同理,b≠n-1
于是b∈S且b≠a.
因为ab=1-anq-nk,所以ab≡1(mod n).
由于S中的数可分成(p-3)/2对,
每一对数a和b,满足ab≡1(mod n),
故得
2·3…(n-2) ≡ 1(mod n),
(n-1)≡-1(mod n)
将上两式相乘即可得(n-1)!≡ -1 (mod n).
下面证明“若a,b是正整数,且(a,b)=d(最大公因数),则必存在整数m和k,使得d=ma+kb”.
设两数b<a,求它们最大公约数(a、b)的步骤如下:用b除a,得a=bq1+r1(0≤r<b).若r1=0,则(a,b)=b;若r1≠0,则再用r1除b,得b=rq2+r2(0≤r2<r1).若r2=0,则(a,b)=r1,若r2≠0,则继续用r2除r1,……如此下去,直到能整除为止.其最后一个非零余数即为(a,b).
即,
a=bq1+r1(0
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