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已知函数f(x)=x+xlnx.(1)求函数f(x)的图象在点(1,1)处的切线方程;(2)若k∈Z,且k(x-1)<f(x)对任意x>1恒成立,求k的最大值;(3)当n>m≥4时,证明(mnn)m>(nmm)n.
题目详情
已知函数f(x)=x+xlnx.
(1)求函数f(x)的图象在点(1,1)处的切线方程;
(2)若k∈Z,且k(x-1)<f(x)对任意x>1恒成立,求k的最大值;
(3)当n>m≥4时,证明(mnn)m>(nmm)n.
(1)求函数f(x)的图象在点(1,1)处的切线方程;
(2)若k∈Z,且k(x-1)<f(x)对任意x>1恒成立,求k的最大值;
(3)当n>m≥4时,证明(mnn)m>(nmm)n.
▼优质解答
答案和解析
(1)因为f'(x)=lnx+2,所以f'(1)=2,
所以函数f(x)的图象在点(1,1)处的切线方程y=2x-1;…(3分)
(2)由(1)知,f(x)=x+xlnx,所以k(x-1)<f(x)对任意x>1恒成立,
即k<
对任意x>1恒成立.…(4分)
令g(x)=
,则g′(x)=
,…(4分)
令h(x)=x-lnx-2(x>1),则h′(x)=1−
=
>0,
所以函数h(x)在(1,+∞)上单调递增.…(5分)
因为h(3)=1-ln3<0,h(4)=2-2ln2>0,
所以方程h(x)=0在(1,+∞)上存在唯一实根x0,且满足x0∈(3,4).
当1<x<x0时,h(x)<0,即g'(x)<0,当x>x0时,h(x)>0,即g'(x)>0,…(6分)
所以函数g(x)=
在(1,x0)上单调递减,在(x0,+∞)上单调递增.
所以[g(x)]min=g(x0)=
=
=x0∈(3,4).…(7分)
所以k<[g(x)]min=x0∈(3,4).
故整数k的最大值是3.…(8分)
(3)证明:由(2)知,g(x)=
是[4,+∞)上的增函数,…(9分)
所以当n>m≥4时,
>
.…(10分)
即n(m-1)(1+lnn)>m(n-1)(1+lnm).
整理,得mnlnn+mlnm>mnlnm+nlnn+(n-m).…(11分)
因为n>m,所以mnlnn+mlnm>mnlnm+nlnn.…(12分)
即lnnmn+lnmm>lnmmn+lnnn.即ln(nmnmm)>ln(mmnnn).…(13分)
所以(mnn)m>(nmm)n.…(14分)
所以函数f(x)的图象在点(1,1)处的切线方程y=2x-1;…(3分)
(2)由(1)知,f(x)=x+xlnx,所以k(x-1)<f(x)对任意x>1恒成立,
即k<
x+xlnx |
x−1 |
令g(x)=
x+xlnx |
x−1 |
x−lnx−2 |
(x−1)2 |
令h(x)=x-lnx-2(x>1),则h′(x)=1−
1 |
x |
x−1 |
x |
所以函数h(x)在(1,+∞)上单调递增.…(5分)
因为h(3)=1-ln3<0,h(4)=2-2ln2>0,
所以方程h(x)=0在(1,+∞)上存在唯一实根x0,且满足x0∈(3,4).
当1<x<x0时,h(x)<0,即g'(x)<0,当x>x0时,h(x)>0,即g'(x)>0,…(6分)
所以函数g(x)=
x+xlnx |
x−1 |
所以[g(x)]min=g(x0)=
x0(1+lnx0) |
x0−1 |
x0(1+x0−2) |
x0−1 |
所以k<[g(x)]min=x0∈(3,4).
故整数k的最大值是3.…(8分)
(3)证明:由(2)知,g(x)=
x+xlnx |
x−1 |
所以当n>m≥4时,
n+nlnn |
n−1 |
m+mlnm |
m−1 |
即n(m-1)(1+lnn)>m(n-1)(1+lnm).
整理,得mnlnn+mlnm>mnlnm+nlnn+(n-m).…(11分)
因为n>m,所以mnlnn+mlnm>mnlnm+nlnn.…(12分)
即lnnmn+lnmm>lnmmn+lnnn.即ln(nmnmm)>ln(mmnnn).…(13分)
所以(mnn)m>(nmm)n.…(14分)
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