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(2013•肇庆二模)已知数列{an}的前n项和为Sn,对一切正整数n,点Pn(n,Sn)都在函数f(x)=x2+2x的图象上,且过点Pn(n,Sn)的切线的斜率为kn.(1)求数列{an}的通项公式;(2)若bn=2kn•an
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(2013•肇庆二模)已知数列{an}的前n项和为Sn,对一切正整数n,点Pn(n,Sn)都在函数f(x)=x2+2x的图象上,且过点Pn(n,Sn)的切线的斜率为kn.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若bn=2kn•an,求数列{bn}的前n项和Tn;
(3)设A={x|x=kn,n∈N*},B={x|x=2an,n∈N*}等差数列{cn}的任一项cn∈A∩B,其中c1是A∩B中的最小数,110<c10<115,求{cn}的通项公式.
(1)求数列{an}的通项公式;
(2)若bn=2kn•an,求数列{bn}的前n项和Tn;
(3)设A={x|x=kn,n∈N*},B={x|x=2an,n∈N*}等差数列{cn}的任一项cn∈A∩B,其中c1是A∩B中的最小数,110<c10<115,求{cn}的通项公式.
▼优质解答
答案和解析
(1)∵点Pn(n,Sn)都在函数f(x)=x2+2x的图象上,
∴Sn=n2+2n(n∈N*),
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n+1.
当n=1时,a1=S1=3满足上式,所以数列{an}的通项公式为an=2n+1(3分)
(2)由f(x)=x2+2x求导可得f′(x)=2x+2
∵过点Pn(n,Sn)的切线的斜率为kn,
∴kn=2n+2.
∴bn=2knan=4•(2n+1)•4n.
∴Tn=4×3×41+4×5×42+4×7×43++4×(2n+1)×4n①
由①×4,得4Tn=4×3×42+4×5×43+4×7×44++4×(2n+1)×4n+1②
①-②得:-3Tn=4[3×4+2×(42+43++4n)-(2n+1)×4n+1]=4[3×4+2×
−(2n+1)×4n+1]∴Tn=
•4n+2−
.(8分)
(3)∵Q={x|x=2n+2,n∈N*},R={x|x=4n+2,n∈N*},∴Q∩R=R.
又∵cn∈Q∩R,其中c1是Q∩R中的最小数,
∴c1=6.
∵{cn}是公差是4的倍数,
∴c10=4m+6(m∈N*).
又∵110<c10<115,
∴
,解得m=27.
所以c10=114,
设等差数列的公差为d,则d=
=
=12,
∴cn=6+(n+1)×12=12n-6,所以{cn}的通项公式为cn=12n-6(14分)
∴Sn=n2+2n(n∈N*),
当n≥2时,an=Sn-Sn-1=2n+1.
当n=1时,a1=S1=3满足上式,所以数列{an}的通项公式为an=2n+1(3分)
(2)由f(x)=x2+2x求导可得f′(x)=2x+2
∵过点Pn(n,Sn)的切线的斜率为kn,
∴kn=2n+2.
∴bn=2knan=4•(2n+1)•4n.
∴Tn=4×3×41+4×5×42+4×7×43++4×(2n+1)×4n①
由①×4,得4Tn=4×3×42+4×5×43+4×7×44++4×(2n+1)×4n+1②
①-②得:-3Tn=4[3×4+2×(42+43++4n)-(2n+1)×4n+1]=4[3×4+2×
42(1−4n−1) |
1−4 |
6n+1 |
9 |
16 |
9 |
(3)∵Q={x|x=2n+2,n∈N*},R={x|x=4n+2,n∈N*},∴Q∩R=R.
又∵cn∈Q∩R,其中c1是Q∩R中的最小数,
∴c1=6.
∵{cn}是公差是4的倍数,
∴c10=4m+6(m∈N*).
又∵110<c10<115,
∴
|
所以c10=114,
设等差数列的公差为d,则d=
c10−c1 |
10−1 |
114−6 |
9 |
∴cn=6+(n+1)×12=12n-6,所以{cn}的通项公式为cn=12n-6(14分)
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