早教吧作业答案频道 -->数学-->
对于定义域为R的函数g(x),若存在正常数T,使得cosg(x)是以T为周期的函数,则称g(x)为余弦周期函数,且称T为其余弦周期.已知f(x)是以T为余弦周期的余弦周期函数,其值域为R.
题目详情
对于定义域为R的函数g(x),若存在正常数T,使得cosg(x)是以T为周期的函数,则称g(x)为余弦周期函数,且称T为其余弦周期.已知f(x)是以T为余弦周期的余弦周期函数,其值域为R.设f(x)单调递增,f(0)=0,f(T)=4π.
(1)验证g(x)=x+sin
是以6π为周期的余弦周期函数;
(2)设a<b,证明对任意c∈[f(a),f(b)],存在x0∈[a,b],使得f(x0)=c;
(3)证明:“u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上得解,”的充分条件是“u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解”,并证明对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T).
(1)验证g(x)=x+sin
x |
3 |
(2)设a<b,证明对任意c∈[f(a),f(b)],存在x0∈[a,b],使得f(x0)=c;
(3)证明:“u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上得解,”的充分条件是“u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解”,并证明对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T).
▼优质解答
答案和解析
(1)g(x)=x+sin
;
∴cosg(x+6π)=cos(x+6π+sin
)=cos(x+sin
)=cosg(x)
∴g(x)是以6π为周期的余弦周期函数;
(2)∵f(x)的值域为R;
∴存在x0,使f(x0)=c;
又c∈[f(a),f(b)];
∴f(a)≤f(x0)≤f(b),而f(x)为增函数;
∴a≤x0≤b;
即存在x0∈[a,b],使f(x0)=c;
(3)证明:若u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解;
则:cosf(u0+T)=1,T≤u0+T≤2T;
∴cosf(u0)=1,且0≤u0≤T;
∴u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上的解;
∴“u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上得解”的充分条件是“u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解”;下面证明对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T):
①当x=0时,f(0)=0,∴显然成立;
②当x=T时,cosf(2T)=cosf(T)=1;
∴f(2T)=2k1π,(k1∈Z),f(T)=4π,且2k1π>4π,∴k1>2;
1)若k1=3,f(2T)=6π,由(2)知存在x0∈(0,T),使f(x0)=2π;
cosf(x0+T)=cosf(x0)=1⇒f(x0+T)=2k2π,k2∈Z;
∴f(T)<f(x0+T)<f(2T);
∴4π<2k2π<6π;
∴2<k2<3,无解;
2)若k1≥5,f(2T)≥10π,则存在T<x1<x2<2T,使得f(x1)=6π,f(x2)=8π;
则T,x1,x2,2T为cosf(x)=1在[T,2T]上的4个解;
但方程cosf(x)=1在[0,2T]上只有f(x)=0,2π,4π,3个解,矛盾;
3)当k1=4时,f(2T)=8π=f(T)+f(T),结论成立;
③当x∈(0,T)时,f(x)∈(0,4π),考查方程cosf(x)=c在(0,T)上的解;
设其解为f(x1),f(x2),…,f(xn),(x1<x2<…<xn);
则f(x1+T),f(x2+T),…,f(xn+T)为方程cosf(x)=c在(T,2T)上的解;
又f(x+T)∈(4π,8π);
而f(x1)+4π,f(x2)+4π,…,f(xn)+4π∈(4π,8π)为方程cosf(x)=c在(T,2T)上的解;
∴f(xi+T)=f(xi)+4π=f(xi)+f(T);
∴综上对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T).
x |
3 |
∴cosg(x+6π)=cos(x+6π+sin
x+6π |
3 |
x |
3 |
∴g(x)是以6π为周期的余弦周期函数;
(2)∵f(x)的值域为R;
∴存在x0,使f(x0)=c;
又c∈[f(a),f(b)];
∴f(a)≤f(x0)≤f(b),而f(x)为增函数;
∴a≤x0≤b;
即存在x0∈[a,b],使f(x0)=c;
(3)证明:若u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解;
则:cosf(u0+T)=1,T≤u0+T≤2T;
∴cosf(u0)=1,且0≤u0≤T;
∴u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上的解;
∴“u0为方程cosf(x)=1在[0,T]上得解”的充分条件是“u0+T为方程cosf(x)=1在区间[T,2T]上的解”;下面证明对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T):
①当x=0时,f(0)=0,∴显然成立;
②当x=T时,cosf(2T)=cosf(T)=1;
∴f(2T)=2k1π,(k1∈Z),f(T)=4π,且2k1π>4π,∴k1>2;
1)若k1=3,f(2T)=6π,由(2)知存在x0∈(0,T),使f(x0)=2π;
cosf(x0+T)=cosf(x0)=1⇒f(x0+T)=2k2π,k2∈Z;
∴f(T)<f(x0+T)<f(2T);
∴4π<2k2π<6π;
∴2<k2<3,无解;
2)若k1≥5,f(2T)≥10π,则存在T<x1<x2<2T,使得f(x1)=6π,f(x2)=8π;
则T,x1,x2,2T为cosf(x)=1在[T,2T]上的4个解;
但方程cosf(x)=1在[0,2T]上只有f(x)=0,2π,4π,3个解,矛盾;
3)当k1=4时,f(2T)=8π=f(T)+f(T),结论成立;
③当x∈(0,T)时,f(x)∈(0,4π),考查方程cosf(x)=c在(0,T)上的解;
设其解为f(x1),f(x2),…,f(xn),(x1<x2<…<xn);
则f(x1+T),f(x2+T),…,f(xn+T)为方程cosf(x)=c在(T,2T)上的解;
又f(x+T)∈(4π,8π);
而f(x1)+4π,f(x2)+4π,…,f(xn)+4π∈(4π,8π)为方程cosf(x)=c在(T,2T)上的解;
∴f(xi+T)=f(xi)+4π=f(xi)+f(T);
∴综上对任意x∈[0,T],都有f(x+T)=f(x)+f(T).
看了 对于定义域为R的函数g(x)...的网友还看了以下:
定义在R上的函数f(x)满足条件:存在常数M>0,使|f(x)|≤M|x|对一切实数x恒成立,则称 2020-04-07 …
如图,已知反比例函数(m是常数,m≠0),一次函数y=ax+b(a、b为常数,a≠0),其中一次函 2020-04-08 …
函数在定义域R上不是常数函数,且满足条件:对任意R,都有,则是A.奇函数但非偶函数B.偶函数但非奇 2020-05-13 …
想问一下关于奇函数偶函数必须要背的一些性质.就是那个奇函数乘常数还是奇函数.偶函数乘常数还是偶函数 2020-05-16 …
一个常数加一个函数求导常数等于什么一个常数乘以一个函数求导常数不变,就函数求导再相乘那一个常数加一 2020-05-21 …
问什么常数函数是偶函数?常数函数是什么?有什么含义,我完全看不懂是什么意思吖.偶函数不是关于y轴对 2020-06-06 …
设函数f(x)=sin(x+a),a为常数,有以下说法1.存在a使函数为非奇非偶函数设函数f(x) 2020-06-07 …
若一次函数(是常数)与(是常数),满足且,则称这两函数是对称函数小题1:当函数与是对称函数,求和的 2020-07-21 …
对于函数f(x),若存在常数a≠0,使得x取定义域内的每一个值,都有f(x)=-f(2a-x),则 2020-07-25 …
对于函数f(x),若存在常数a≠0,使得x取定义域内的每一个值,都有f(x)=f(2a-x),则称 2020-07-25 …