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(2013•临沂一模)设f(x)=ex(ax2+x+1).(Ⅰ)若a>0,讨论f(x)的单调性;(Ⅱ)x=1时,f(x)有极值,证明:当θ∈[0,π2]时,|f(cosθ)-f(sinθ)|<2.
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(2013•临沂一模)设f(x)=ex(ax2+x+1).
(Ⅰ)若a>0,讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)x=1时,f(x)有极值,证明:当θ∈[0,
]时,|f(cosθ)-f(sinθ)|<2.
(Ⅰ)若a>0,讨论f(x)的单调性;
(Ⅱ)x=1时,f(x)有极值,证明:当θ∈[0,
π |
2 |
▼优质解答
答案和解析
(Ⅰ)f′(x)=ex(ax2+x+1)+ex(2ax+1)=ex[ax2+(2a+1)x+2]=aex(x+
)(x+2).
(i)当a=
时,f′(x)=
ex(x+2)2≥0恒成立,∴函数f(x)在R上单调递增.
(ii)当0<a<
时,则
>2,即−
<−2.
由f′(x)>0,解得x>−2或x<−
;当f′(x)<0时,解得−
<x<−2.
∴函数f(x)在区间(−∞,−
)和(-2,+∞)上单调递增;在(−
,−2)上单调递减.
(iii)当a>
时,则
<2,即−
>−2.
由f′(x)>0,解得x>−
或x<−2;由f′(x)<0,解得−2<x<−
.
∴函数f(x)在区间(-∞,-2)和(-
,+∞)上单调递增;在(−2,−
)上单调递减.
(Ⅱ)∵当x=1时,f(x)有极值,∴f′(1)=0.∴3ae(1+
)=0,解得a=-1.
∴f(x)=ex(-x2+x+1),f′(x)=-ex(x-1)(x+2).
令f′(x)>0,解得-2<x<1,∴f(x)在[-2,1]上单调递增,
∵sinθ,cosθ∈[0,1],∴|f(sinθ)-f(cosθ)|≤f(1)-f(0)=e-1<2.
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a |
(i)当a=
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(ii)当0<a<
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由f′(x)>0,解得x>−2或x<−
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∴函数f(x)在区间(−∞,−
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(iii)当a>
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由f′(x)>0,解得x>−
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∴函数f(x)在区间(-∞,-2)和(-
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(Ⅱ)∵当x=1时,f(x)有极值,∴f′(1)=0.∴3ae(1+
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∴f(x)=ex(-x2+x+1),f′(x)=-ex(x-1)(x+2).
令f′(x)>0,解得-2<x<1,∴f(x)在[-2,1]上单调递增,
∵sinθ,cosθ∈[0,1],∴|f(sinθ)-f(cosθ)|≤f(1)-f(0)=e-1<2.
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