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设数列{an}是等差数列,若{an}中存在一项可以表示为该数列的连续三项之和,则称数列{an}为“可拆数列”.(1)若{an}为递增的“可拆数列”,且各项为整数,a1=5,求公差d的取值集合;(2
题目详情
设数列{an}是等差数列,若{an}中存在一项可以表示为该数列的连续三项之和,则称数列{an}为“可拆数列”.
(1)若{an}为递增的“可拆数列”,且各项为整数,a1=5,求公差d的取值集合;
(2)若{an}公差不为零且存在正整数m使am+1,a2m,a3m成等比数列,求证{an}为“可拆数列”;
(3)若{an}为“可拆数列”且a1=2k(k∈N+),Sn表示数列{an}的前n项和,当{an}公差最大时,求满足200Sk>ak2的正整数k的最大值.
(1)若{an}为递增的“可拆数列”,且各项为整数,a1=5,求公差d的取值集合;
(2)若{an}公差不为零且存在正整数m使am+1,a2m,a3m成等比数列,求证{an}为“可拆数列”;
(3)若{an}为“可拆数列”且a1=2k(k∈N+),Sn表示数列{an}的前n项和,当{an}公差最大时,求满足200Sk>ak2的正整数k的最大值.
▼优质解答
答案和解析
(1)由题意可得,ap+aq=ak,其中p、q、k∈N*,
由等差数列的通项公式可得a1+(p-1)d+a1+(q-1)d=a1+(k-1),
整理得d=
,
若a1=5,则d=
,
∵p、q、k∈N*,公差d∈N*,
∴k-p-q+1∈N*,
∴d=1,5,
故d的取值集合为 {1,5};
(2)证明:∵am+1,a2m,a3m成等比数列,
∴a2m2=am+1a3m,
∴[a1+(2m-1)d]2=(a1+md)[a1+(3m-1)d],
∵{an}公差不为零,
∴d=
,
由(1)知k-p-q=m2-3m时,{an}为“可拆数列”;
(3)由(1)知,当{an}公差最大时,d=a1=2k,
∴Sk=k•2k+
•2k=
•2k,
∵200Sk>ak2,
∴200•
•2k>k2•22k,
∴100(k+1)>k•2k,
∴满足200Sk>ak2的正整数k的最大值为7.
由等差数列的通项公式可得a1+(p-1)d+a1+(q-1)d=a1+(k-1),
整理得d=
a1 |
k−p−q+1 |
若a1=5,则d=
5 |
k−p−q+1 |
∵p、q、k∈N*,公差d∈N*,
∴k-p-q+1∈N*,
∴d=1,5,
故d的取值集合为 {1,5};
(2)证明:∵am+1,a2m,a3m成等比数列,
∴a2m2=am+1a3m,
∴[a1+(2m-1)d]2=(a1+md)[a1+(3m-1)d],
∵{an}公差不为零,
∴d=
a1 |
m2−3m+1 |
由(1)知k-p-q=m2-3m时,{an}为“可拆数列”;
(3)由(1)知,当{an}公差最大时,d=a1=2k,
∴Sk=k•2k+
k(k−1) |
2 |
k(k+1) |
2 |
∵200Sk>ak2,
∴200•
k(k+1) |
2 |
∴100(k+1)>k•2k,
∴满足200Sk>ak2的正整数k的最大值为7.
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