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f(x)在[-a,a]上具有二阶连续导数,且f(0)=0(1)写出f(x)的带拉格朗日余项的一阶麦克劳林公式;(2)证明在[-a,a]上至少存在一点η,使a3f″(η)=3∫a−af(x)dx.
题目详情
f(x)在[-a,a]上具有二阶连续导数,且f(0)=0
(1)写出f(x)的带拉格朗日余项的一阶麦克劳林公式;
(2)证明在[-a,a]上至少存在一点η,使a3f″(η)=3
f(x)dx.
(1)写出f(x)的带拉格朗日余项的一阶麦克劳林公式;
(2)证明在[-a,a]上至少存在一点η,使a3f″(η)=3
∫ | a −a |
▼优质解答
答案和解析
(1)直接套用公式可得:
f(x)=f(0)+f′(0)x+
f′(0)+… +
f(n)(0)+
,
其中 ξ 在0和x之间.
(2)
由(1)可得:
f(x)dx=
f′(0)xdx+
f″(ξ)dx
=
f″(ξ)dx,
因为f(x)在[-a,a]上具有二阶联系偏导数
f′(0)xdx,
故f″(x)具有最大值和最小值,
设f″(x)最大值为M,最小值为m,
则 m≤f″(ξ)≤M,
所以:
x2dx ≤
f(x)dx=
x2f″(ξ)dx≤
x2dx,
即:
≤
f(x)dx≤
,
即:m≤
f(x)dx≤M,
因为 f″(x)连续,
由连续函数的介值定理可得,至少存在一点η∈[-a,a],使得:
f″(η)=
f(x)dx,
即:a3f″(η) = 3
f(x)dx.
(1)直接套用公式可得:
f(x)=f(0)+f′(0)x+
1 |
2! |
1 |
n! |
f(n+1)(ξ) |
(n+1) |
其中 ξ 在0和x之间.
(2)
由(1)可得:
∫ | a −a |
∫ | a −a |
∫ | a −a |
x2 |
x! |
=
∫ | a −a |
x2 |
x! |
因为f(x)在[-a,a]上具有二阶联系偏导数
∫ | a −a |
故f″(x)具有最大值和最小值,
设f″(x)最大值为M,最小值为m,
则 m≤f″(ξ)≤M,
所以:
m |
2 |
∫ | a −a |
∫ | a −a |
1 |
2 |
∫ | a −a |
M |
2 |
∫ | a −a |
即:
ma3 |
3 |
∫ | a −a |
Ma3 |
3 |
即:m≤
3 |
a3 |
∫ | a −a |
因为 f″(x)连续,
由连续函数的介值定理可得,至少存在一点η∈[-a,a],使得:
f″(η)=
3 |
a3 |
∫ | a −a |
即:a3f″(η) = 3
∫ | a −a |
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