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如图所示,一平行板电容器的两个极板竖直放置,在两极板间有一带电小球,小球用一绝缘轻线悬挂于O点.现给电容器缓慢充电,使两极板所带电荷量分别为+Q和-Q,此时悬线与竖直方向的
题目详情
如图所示,一平行板电容器的两个极板竖直放置,在两极板间有一带电小球,小球用一绝缘轻线悬挂于O点.现给电容器缓慢充电,使两极板所带电荷量分别为+Q 和-Q,此时悬线与竖直方向的夹角为
.再给电容器缓慢充电,直到悬线和竖直方向的夹角增加到
,且小球与两极板不接触.则第二次充电使电容器正极板增加的电荷量为( )
A.Q
B.2Q
C.3Q
D.4Q
.再给电容器缓慢充电,直到悬线和竖直方向的夹角增加到
,且小球与两极板不接触.则第二次充电使电容器正极板增加的电荷量为( )
A.Q
B.2Q
C.3Q
D.4Q
π π 6 6
,且小球与两极板不接触.则第二次充电使电容器正极板增加的电荷量为( )
A.Q
B.2Q
C.3Q
D.4Q
π π 3 3
π |
6 |
π |
3 |
A.Q
B.2Q
C.3Q
D.4Q
π |
6 |
π |
3 |
A.Q
B.2Q
C.3Q
D.4Q
π |
6 |
π |
3 |
A.Q
B.2Q
C.3Q
D.4Q
π |
3 |
▼优质解答
答案和解析
设电容器的电容为C,第一次充电Q后,电容器两极板间电势差U11=
,
两板间为匀强电场,场强E1=
,
设电场中小球带电量为q,则所受电场力F1=qE1
小球在电容器中受重力,电场力和拉力平衡,如图所示
由平衡条件有:F1=mgtanθ1
综合以上各式得:tanθ1=
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ2=
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
Q Q QC C C,
两板间为匀强电场,场强E11=
,
设电场中小球带电量为q,则所受电场力F1=qE1
小球在电容器中受重力,电场力和拉力平衡,如图所示
由平衡条件有:F1=mgtanθ1
综合以上各式得:tanθ1=
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ2=
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
U1 U1 U11d d d,
设电场中小球带电量为q,则所受电场力F11=qE11
小球在电容器中受重力,电场力和拉力平衡,如图所示
由平衡条件有:F11=mgtanθ11
综合以上各式得:tanθ11=
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ2=
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
Qq Qq Qqmgcd mgcd mgcd
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ22=
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
(Q+△Q)q (Q+△Q)q (Q+△Q)qmgcd mgcd mgcd
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
Q |
C |
两板间为匀强电场,场强E1=
U1 |
d |
设电场中小球带电量为q,则所受电场力F1=qE1
小球在电容器中受重力,电场力和拉力平衡,如图所示
由平衡条件有:F1=mgtanθ1
综合以上各式得:tanθ1=
mgcd |
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ2=
(Q+△Q)q |
mgcd |
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
Q |
C |
两板间为匀强电场,场强E11=
U1 |
d |
设电场中小球带电量为q,则所受电场力F1=qE1
小球在电容器中受重力,电场力和拉力平衡,如图所示
由平衡条件有:F1=mgtanθ1
综合以上各式得:tanθ1=
mgcd |
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ2=
(Q+△Q)q |
mgcd |
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
U1 |
d |
设电场中小球带电量为q,则所受电场力F11=qE11
小球在电容器中受重力,电场力和拉力平衡,如图所示
由平衡条件有:F11=mgtanθ11
综合以上各式得:tanθ11=
mgcd |
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ2=
(Q+△Q)q |
mgcd |
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
mgcd |
第二次充电后,电容器带电量为:Q+△Q,同理可得:tanθ22=
(Q+△Q)q |
mgcd |
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
(Q+△Q)q |
mgcd |
将方向夹角带入解得:△Q=2Q
故选:B
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