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氮元素可形成很多重要的化合物,其中叠氮化钠(NaN3)被广泛应用于汽车安全气囊.叠氮化钠的制取方法是:①金属钠与液态氨反应得NaNH2②NaNH2与N2O按物质的量2:1反应可生成NaN3、NaOH和一
题目详情
氮元素可形成很多重要的化合物,其中叠氮化钠(NaN3)被广泛应用于汽车安全气囊.叠氮化钠的制取方法是:①金属钠与液态氨反应得NaNH2②NaNH2与N2O按物质的量2:1反应可生成NaN3、NaOH和一种气体.
(1)请写出反应②的化学方程式为:______.
(2)与N3-互为等电子体的分子有:______(写一种)由此可推知N3-的空间构型是:______;比较NH2-和NH3的键角∠HNH的大小:NH2-______ NH3,请用价层电子对互斥规律解释______.
(3)叠氮化钠(NaN3)分解可得纯N2,有关说法正确的是:______(选填代号)
A.氮气常温下很稳定,是因为氮元素的电负性大
B.NaN3与KN3结构类似,前者晶格能较小
C.第一电离能(I1):N>P>S
D.热稳定性NH3强于PH3和H2S是因为NH3分子间有氢键
(4)氮的化合物酞箐和铜酞箐(环中含有一个铜原子)是重要的有机染料,相关分子结构如图所示:
酞箐分子中氮原子的杂化类型有:______铜酞箐中铜原子在基态时的价电子排布式:______;请在图中用“→”标出铜酞箐中的配位键______.
(5)小汽车的防撞气囊中叠氮化钠的工作原理是基于反应:6NaN3+Fe2O3=3Na2O+2Fe+9N2;铁晶体有三种堆积方式,其中两种堆积方式分别如图甲、图乙所示(其晶胞特征如其右图所示):
晶胞甲中铁原子的堆积方式为:______,晶胞乙中铁原子的配位数为:______.铁原子半径为a cm,NA表示阿伏加德罗常数,摩尔质量为Mg/mol.则该晶体的密度可表示为:
g/cm3.
(1)请写出反应②的化学方程式为:______.
(2)与N3-互为等电子体的分子有:______(写一种)由此可推知N3-的空间构型是:______;比较NH2-和NH3的键角∠HNH的大小:NH2-______ NH3,请用价层电子对互斥规律解释______.
(3)叠氮化钠(NaN3)分解可得纯N2,有关说法正确的是:______(选填代号)
A.氮气常温下很稳定,是因为氮元素的电负性大
B.NaN3与KN3结构类似,前者晶格能较小
C.第一电离能(I1):N>P>S
D.热稳定性NH3强于PH3和H2S是因为NH3分子间有氢键
(4)氮的化合物酞箐和铜酞箐(环中含有一个铜原子)是重要的有机染料,相关分子结构如图所示:
酞箐分子中氮原子的杂化类型有:______铜酞箐中铜原子在基态时的价电子排布式:______;请在图中用“→”标出铜酞箐中的配位键______.
(5)小汽车的防撞气囊中叠氮化钠的工作原理是基于反应:6NaN3+Fe2O3=3Na2O+2Fe+9N2;铁晶体有三种堆积方式,其中两种堆积方式分别如图甲、图乙所示(其晶胞特征如其右图所示):
晶胞甲中铁原子的堆积方式为:______,晶胞乙中铁原子的配位数为:______.铁原子半径为a cm,NA表示阿伏加德罗常数,摩尔质量为Mg/mol.则该晶体的密度可表示为:
| ||
8a3NA |
| ||
8a3NA |
▼优质解答
答案和解析
(1)根据质量守恒定律,反应前后原子的种类和数目不变,可确定气体产物的化学式为:NH3,则NaNH2与N2O按物质的量2:1反应可生成NaN3、NaOH和NH3的化学方程式为:2NaNH2+N2O=NaN3+NaOH+NH3,故答案为:2NaNH2+N2O=NaN3+NaOH+NH3;
(2)N3-中原子个数是3,价电子数是16,则与N3-互为等电子体的分子、离子有:N2O或CO2或CS2或BeCl2;SCN-或OCN-或CNO-;二氧化碳属于直线形分子,等电子体的结构相同,所以N3-是直线形分子;孤对电子与成键电子间的斥力大于成键电子与成键电子间的斥力,NH2-中N原子孤对电子数为2,NH3中N原子孤对电子数为1,孤对电子数前者多,所以前者键角小,
故答案为:N2O或CO2;直线形;<;NH2-中N原子孤对电子数为2,NH3中N原子孤对电子数为1,孤对电子数前者多,孤对电子与成键电子间的斥力大于成键电子与成键电子间的斥力,所以前者键角小;
(3)A、氮气常温下很稳定,是因为分子内氮氮三键,键能较大的原因,故A错误;
B、离子半径越小,晶格能越大,NaN3的晶格能大于KN3的晶格能,故B错误;
C、同周期从左向右,第一电离能增大,但第ⅤA族因为p轨道上有3个电子,半充满稳定结构,所以第一电离能高于相邻族的元素,同主族从上向下第一电离能逐渐减小,故N、P、S的第一电离能的顺序为N>P>S,故C正确;
D、热稳定性NH3强于PH3和H2S是因为氮原子半径小,共价键键能大,与分子间的氢键无关,故D错误;
故选C;
(4)由酞箐分子的结构简式图可知,分子中氮原子形成单键和双键,氮原子形成单键时为sp3杂化,形成双键时为sp2杂化;Cu元素为29号元素,原子核外有29个电子,其核外电子排布式为:1s22s22p63s23p63d104s1,则Cu的价电子的电子排布式为3d104s1;氮原子有孤对电子,Cu有空轨道,N原子与Cu之间形成配位键,可据此标出配位键为,故答案为:sp2 sp3;3d104s1;;
(5)由晶胞图甲可知,原子占据立方体的顶点和体心,所以属于体心立方堆积;根据图乙知,Fe为面心立方最密堆积,Fe原子配位数配位数=3×
×8=12;该晶胞中Fe原子个数=8×
=4,每个晶胞的质量=
×4,Fe原子的直径为2acm,晶胞的边长=
a,所以晶胞的体积为16
a3,所以晶胞的体积为16
a3,
ρ=
=
÷16
(2)N3-中原子个数是3,价电子数是16,则与N3-互为等电子体的分子、离子有:N2O或CO2或CS2或BeCl2;SCN-或OCN-或CNO-;二氧化碳属于直线形分子,等电子体的结构相同,所以N3-是直线形分子;孤对电子与成键电子间的斥力大于成键电子与成键电子间的斥力,NH2-中N原子孤对电子数为2,NH3中N原子孤对电子数为1,孤对电子数前者多,所以前者键角小,
故答案为:N2O或CO2;直线形;<;NH2-中N原子孤对电子数为2,NH3中N原子孤对电子数为1,孤对电子数前者多,孤对电子与成键电子间的斥力大于成键电子与成键电子间的斥力,所以前者键角小;
(3)A、氮气常温下很稳定,是因为分子内氮氮三键,键能较大的原因,故A错误;
B、离子半径越小,晶格能越大,NaN3的晶格能大于KN3的晶格能,故B错误;
C、同周期从左向右,第一电离能增大,但第ⅤA族因为p轨道上有3个电子,半充满稳定结构,所以第一电离能高于相邻族的元素,同主族从上向下第一电离能逐渐减小,故N、P、S的第一电离能的顺序为N>P>S,故C正确;
D、热稳定性NH3强于PH3和H2S是因为氮原子半径小,共价键键能大,与分子间的氢键无关,故D错误;
故选C;
(4)由酞箐分子的结构简式图可知,分子中氮原子形成单键和双键,氮原子形成单键时为sp3杂化,形成双键时为sp2杂化;Cu元素为29号元素,原子核外有29个电子,其核外电子排布式为:1s22s22p63s23p63d104s1,则Cu的价电子的电子排布式为3d104s1;氮原子有孤对电子,Cu有空轨道,N原子与Cu之间形成配位键,可据此标出配位键为,故答案为:sp2 sp3;3d104s1;;
(5)由晶胞图甲可知,原子占据立方体的顶点和体心,所以属于体心立方堆积;根据图乙知,Fe为面心立方最密堆积,Fe原子配位数配位数=3×
1 |
2 |
1 |
8 |
M |
NA |
8 |
2 |
2 |
ρ=
m |
V |
4M |
NA |
作业帮用户
2017-11-15
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