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如图所示,有一固定的光滑绝缘水平平台,平台右端B与水平传送带平滑相接,传送带长L=4m.一质量为m=0.5kg、带电量为q=+2×10-3C的滑块放在水平平台上.平台上有一根轻质弹簧左端固定,右
题目详情
如图所示,有一固定的光滑绝缘水平平台,平台右端B与水平传送带平滑相接,传送带长L=4m.一质量为m=0.5kg、带电量为q=+2×10-3C的滑块放在水平平台上.平台上有一根轻质弹簧左端固定,右端与滑块接触但不连接.现将滑块从A处由静止释放,无电且传送带不动时滑块恰能到达传送带右端C点.已知弹簧始终在弹性限度内,滑块到达B点前已与弹簧完全脱离,滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.20,g取l0m/s2.求:
(1)滑块到达B点时的速度vB和弹簧储存的最大弹性势能EP;
(2)若传送带以5m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块从B到C的过程中,摩擦生热多少?
(3)若在BC之间加上水平向左的匀强电场E=1×103N/C,传送带以1m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块第二次过B点时速度大小为多大?
(1)滑块到达B点时的速度vB和弹簧储存的最大弹性势能EP;
(2)若传送带以5m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块从B到C的过程中,摩擦生热多少?
(3)若在BC之间加上水平向左的匀强电场E=1×103N/C,传送带以1m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块第二次过B点时速度大小为多大?
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答案和解析
(1)滑块从释放至运动到B点,由能量守恒得:
EP=
mvB2…①
从B到C,由动能定理得:-μmgL=0-
mvB2…②
联立①②两式,代入数据解得:vB=4m/s
Ep=2J.
(2)加速到5m/s后与传送带一起匀速运动,加速过程,根据牛顿第二定律得:a=
=2m/s2,
加速时间为:t1=
=
=0.5s,
滑块加速的位移为:x1=vBt1+
a1t12=2.25m
则摩擦生热为:Q=μmg(vt1-x1)=0.25J
(3)从B点向右减速到1m/s,根据动能定理得:-(μmg+Eq)x2=
mv12-
mvB2
代入数据解得:x2=1.25m
从1m/s减速为0的过程中,根据动能定理得:(μmg-Eq)x3=0-
mv12,
代入数据解得:x3=0.25m,
滑块向左返回B,根据动能定理得:(qE-μmg)(x2+x3)=
mv′2,
代入数据解得:v′=
m/s
答:(1)滑块到达B点时的速度为4m/s,弹簧储存的最大弹性势能为2J;
(2)若传送带以5m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块从B到C的过程中,摩擦生热为0.25J;
(3)若在BC之间加上水平向左的匀强电场E=1×103N/C,传送带以1m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块第二次过B点时速度大小为
m/s.
EP=
1 |
2 |
从B到C,由动能定理得:-μmgL=0-
1 |
2 |
联立①②两式,代入数据解得:vB=4m/s
Ep=2J.
(2)加速到5m/s后与传送带一起匀速运动,加速过程,根据牛顿第二定律得:a=
μmg |
m |
加速时间为:t1=
v |
a |
5-4 |
2 |
滑块加速的位移为:x1=vBt1+
1 |
2 |
则摩擦生热为:Q=μmg(vt1-x1)=0.25J
(3)从B点向右减速到1m/s,根据动能定理得:-(μmg+Eq)x2=
1 |
2 |
1 |
2 |
代入数据解得:x2=1.25m
从1m/s减速为0的过程中,根据动能定理得:(μmg-Eq)x3=0-
1 |
2 |
代入数据解得:x3=0.25m,
滑块向左返回B,根据动能定理得:(qE-μmg)(x2+x3)=
1 |
2 |
代入数据解得:v′=
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答:(1)滑块到达B点时的速度为4m/s,弹簧储存的最大弹性势能为2J;
(2)若传送带以5m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块从B到C的过程中,摩擦生热为0.25J;
(3)若在BC之间加上水平向左的匀强电场E=1×103N/C,传送带以1m/s的速度沿顺时针方向匀速转动,滑块第二次过B点时速度大小为
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