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设a∈R,函数f(x)=lnx-ax.(1)若a=2,求曲线y=f(x)在x=1处的切线方程;(2)若a<2e2,试判断函数f(x)在x∈(1,e2)的零点个数,并说明你的理由;(3)若f(x)有两个相异零点x1,x2,
题目详情
设a∈R,函数f(x)=lnx-ax.
(1)若a=2,求曲线y=f(x)在x=1处的切线方程;
(2)若a<
,试判断函数f(x)在x∈(1,e2)的零点个数,并说明你的理由;
(3)若f(x)有两个相异零点x1,x2,求证:x1•x2>e2.
(1)若a=2,求曲线y=f(x)在x=1处的切线方程;
(2)若a<
2 |
e2 |
(3)若f(x)有两个相异零点x1,x2,求证:x1•x2>e2.
▼优质解答
答案和解析
在区间(0,+∞)上,f′(x)=
−a=
.
(1)当a=2时,切线的斜率k=f′(1)=
=−1,
又f(1)=ln1-2×1=-2,
由点斜式得切线方程为y-(-2)=-(x-1),即x+y+1=0.
(2)方法一:
(i)当a≤0时,f'(x)≥0,则f(x)在(1,e2)上单调递增,
此时f(1)=-a≥0,∴f(x)在x∈(1,e2)没有零点;
(ii)当a>0时,令f'(x)=0,得x=
.
①当0<a≤
即
≥e2时,则
当x∈(1,e2),有f′(x)≥0,从而f(x)在(1,e2)单调递增,
此时f(1)=-a<0,f(e2)=lne2-ae2=2-ae2>0,
∴f(x)在x∈(1,e2)有且只有一个零点.
②当
<a<
即
<
<e2时,则
当x∈(1,
)时,f′(x)>0,f(x)在(1,
)单调递增;
当x∈(
,e2)时,f′(x)<0,f(x)在(
,e2)单调递减.
而f(
)=ln
−1>0,f(1)=-a<0,f(e2)=2-ae2>0,
∴f(x)在x∈(1,e2)有且只有一个零点.
综上,当a≤0时,f(x)在x∈(1,e2)没有零点;
当0<a<
时,函数f(x)有且只有一个零点.
方法二:由f(x)=0,得a=
,
函数f(x)在x∈(1,e2)的零点个数等价于函数y=a的图象与函数y=
的图象的交点个数,
令g(x)=
,则g′(x)=
,
由g'(x)=0,得x=e,
在区间(1,e)上,g'(x)>0,则函数g(x)是增函数,
∴g(1)<g(x)<g(e),即0<g(x)<
;
在区间(e,e2)上,g'(x)<0,则函数g(x)是减函数,
∴g(e2)<g(x)<g(e),即
<g(x)<
.
∵a<
,∴当a≤0时,f(x)在x∈(1,e2)没有零点;
当0<a<
时,函数f(x)有且只有一个零点.
(3)原不等式x1•x2>e2⇔lnx1+lnx2>2.
不妨设x1>x2>0,∵f(x1)=0,f(x2)=0,∴lnx1-ax1=0,lnx2-ax2=0,
∴lnx1+lnx2=a(x1+x2),lnx1-lnx2=a(x1-x2),
∴a(x1+x2)>2⇔
>
⇔ln
>
.
令
=t,则t>1,于是ln
>
⇔lnt>
.
设函数h(t)=lnt−
(t>1),则h′(t)=
−
=
>0,
故函数h(t)在(1,+∞)上为增函数,∴h(t)>h(1)=0,
即不等式lnt>
成立,故所证不等式x1•x2>e2成立.
1 |
x |
1−ax |
x |
(1)当a=2时,切线的斜率k=f′(1)=
1−2×1 |
1 |
又f(1)=ln1-2×1=-2,
由点斜式得切线方程为y-(-2)=-(x-1),即x+y+1=0.
(2)方法一:
(i)当a≤0时,f'(x)≥0,则f(x)在(1,e2)上单调递增,
此时f(1)=-a≥0,∴f(x)在x∈(1,e2)没有零点;
(ii)当a>0时,令f'(x)=0,得x=
1 |
a |
①当0<a≤
1 |
e2 |
1 |
a |
当x∈(1,e2),有f′(x)≥0,从而f(x)在(1,e2)单调递增,
此时f(1)=-a<0,f(e2)=lne2-ae2=2-ae2>0,
∴f(x)在x∈(1,e2)有且只有一个零点.
②当
1 |
e2 |
2 |
e2 |
e2 |
2 |
1 |
a |
当x∈(1,
1 |
a |
1 |
a |
当x∈(
1 |
a |
1 |
a |
而f(
1 |
a |
1 |
a |
∴f(x)在x∈(1,e2)有且只有一个零点.
综上,当a≤0时,f(x)在x∈(1,e2)没有零点;
当0<a<
2 |
e2 |
方法二:由f(x)=0,得a=
lnx |
x |
函数f(x)在x∈(1,e2)的零点个数等价于函数y=a的图象与函数y=
lnx |
x |
令g(x)=
lnx |
x |
1−lnx |
x2 |
由g'(x)=0,得x=e,
在区间(1,e)上,g'(x)>0,则函数g(x)是增函数,
∴g(1)<g(x)<g(e),即0<g(x)<
1 |
e |
在区间(e,e2)上,g'(x)<0,则函数g(x)是减函数,
∴g(e2)<g(x)<g(e),即
2 |
e2 |
1 |
e |
∵a<
2 |
e2 |
当0<a<
2 |
e2 |
(3)原不等式x1•x2>e2⇔lnx1+lnx2>2.
不妨设x1>x2>0,∵f(x1)=0,f(x2)=0,∴lnx1-ax1=0,lnx2-ax2=0,
∴lnx1+lnx2=a(x1+x2),lnx1-lnx2=a(x1-x2),
∴a(x1+x2)>2⇔
lnx1−lnx2 |
x1−x2 |
2 |
x1+x2 |
x1 |
x2 |
2(x1−x2) |
x1+x2 |
令
x1 |
x2 |
x1 |
x2 |
2(x1−x2) |
x1+x2 |
2(t−1) |
t+1 |
设函数h(t)=lnt−
2(t−1) |
t+1 |
1 |
t |
4 |
(t+1)2 |
(t−1)2 |
t(t+1)2 |
故函数h(t)在(1,+∞)上为增函数,∴h(t)>h(1)=0,
即不等式lnt>
2(t−1) |
t+1 |
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