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固定不动的正点电荷A,带电量为Q=1.0×10-6C,点电荷B从距A无穷远的电势为零处移到距A为1cm、电势为2000V的P点,电场力做了负功1.8×10-3J.如果把B电荷从P点由静止释放,释放瞬间加速度大小为
题目详情
固定不动的正点电荷A,带电量为Q=1.0×10-6C,点电荷B从距A无穷远的电势为零处移到距A为1cm、电势为2000V的P点,电场力做了负功1.8×10-3J.如果把B电荷从P点由静止释放,释放瞬间加速度大小为9×109m/s2,求:
(1)B电荷带的电量q;
(2)B电荷的质量m;
(3)B电荷能达到的最大速度Vm.
(1)B电荷带的电量q;
(2)B电荷的质量m;
(3)B电荷能达到的最大速度Vm.
▼优质解答
答案和解析
(1)由题,点电荷B从距A无穷远移到P处的过程中,电场力做负功,则知A、B是同种电荷,故B带正电.
根据W=qU∞P=q(φ∞-φP)=-qφP,得
q=
C=9×10-7C
(2)根据库仑定律得:电荷B在P点处所受的电场力大小F=9×109×
N=81N
根据牛顿第二定律,则有,B电荷的质量m=
=
=9×10-9kg;
(3)由于两个电荷都带正电,则在P处自由释放电荷B,运动到无穷远处时动能最大,根据动能定理得:
最大动能Ekm=qUP∞=-qU∞P=-W=1.8×10-3 J.
那么电荷能达到的最大速度vm=
=
=632.5m/s;
答:(1)B电荷带的电量9×10-7C;
(2)B电荷的质量9×10-9kg;
(3)B电荷能达到的最大速度632.5m/s.
根据W=qU∞P=q(φ∞-φP)=-qφP,得
q=
-1.8×10-3 |
-2000 |
(2)根据库仑定律得:电荷B在P点处所受的电场力大小F=9×109×
1×10-6×9×10-7 |
0.012 |
根据牛顿第二定律,则有,B电荷的质量m=
F |
a |
81 |
9×109 |
(3)由于两个电荷都带正电,则在P处自由释放电荷B,运动到无穷远处时动能最大,根据动能定理得:
最大动能Ekm=qUP∞=-qU∞P=-W=1.8×10-3 J.
那么电荷能达到的最大速度vm=
|
|
答:(1)B电荷带的电量9×10-7C;
(2)B电荷的质量9×10-9kg;
(3)B电荷能达到的最大速度632.5m/s.
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