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如图为实验室筛选带电粒子的装置示意图,竖直金属板MN之间加有电压,M板有一电子源,可不断产生速度可忽略不计的电子,电子电荷量为e,质量为m,N板有一与电子源正对的小孔O.金属板
题目详情
如图为实验室筛选带电粒子的装置示意图,竖直金属板MN之间加有电压,M板有一电子源,可不断产生速度可忽略不计的电子,电子电荷量为e,质量为m,N板有一与电子源正对的小孔O.金属板的右侧是一个半径为R的圆筒,可以围绕竖直中心轴逆时针转动,圆筒直径两端的筒壁上有两个正对的小孔O1、O2两孔所需要的时间是t=0.2s.现圆筒内部有竖直向下的磁场
圆筒匀速转动以后,凡是能进入圆筒的电子都能从圆筒中射出来.试求:
(1)金属板MN上所加电压U的大小;
(2)圆筒转动的最小角速度;
(3)若要求电子从一个孔进入圆筒后必须从另一个孔射出来,圆筒转动的角速度多大?
10
| ||
3e |
(1)金属板MN上所加电压U的大小;
(2)圆筒转动的最小角速度;
(3)若要求电子从一个孔进入圆筒后必须从另一个孔射出来,圆筒转动的角速度多大?
▼优质解答
答案和解析
(1)电子通过圆筒时的速度为v,则2R=vt ①
电子通过电场时,根据动能定理得,eU=
mv2 ②
由①②式得,U=
,③
(2)电子通过磁场时半径为r,则qvB=m
④
俯视图如图,电子在通过圆筒时转过的圆心角为α,由几何关系知,
tan
=
,⑤
由⑤式可得,α=
,⑥
T=
⑦
电子在圆筒中运动的时间t=
T=
•
,⑧
则圆筒转过的最小角度θ=ωt=π-α ⑨
由⑤⑥⑦⑧⑨式得,ω=
rad/s.(10)
(3)由前面的几何关系可知,粒子从另一孔飞出时,圆筒转过的角度:
θ=2nπ+
π,
由⑧(11)式得,
ω1=
=
rad/s,n=0、1、2…
答:(1)金属板MN上所加电压U的大小为
;
(2)圆筒转动的最小角速度为ω=
rad/s.;
(3)若要求电子从一个孔进入圆筒后必须从另一个孔射出来,圆筒转动的角速度为
rad/s,n=0、1、2…
电子通过电场时,根据动能定理得,eU=
1 |
2 |
由①②式得,U=
50mR2 |
e |
(2)电子通过磁场时半径为r,则qvB=m
v2 |
r |
俯视图如图,电子在通过圆筒时转过的圆心角为α,由几何关系知,
tan
α |
2 |
R |
r |
由⑤式可得,α=
π |
3 |
T=
2πm |
qB |
电子在圆筒中运动的时间t=
α |
2π |
α |
2π |
2πm |
qB |
则圆筒转过的最小角度θ=ωt=π-α ⑨
由⑤⑥⑦⑧⑨式得,ω=
20
| ||
3 |
(3)由前面的几何关系可知,粒子从另一孔飞出时,圆筒转过的角度:
θ=2nπ+
5 |
3 |
由⑧(11)式得,
ω1=
θ |
t |
10
| ||
3 |
答:(1)金属板MN上所加电压U的大小为
50mR2 |
e |
(2)圆筒转动的最小角速度为ω=
20
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3 |
(3)若要求电子从一个孔进入圆筒后必须从另一个孔射出来,圆筒转动的角速度为
10
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