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已知等比数列{an}的前n项和Sn,首项a1=a,公比为q(q≠0且q≠1).(1)推导证明:Sn=a(1-qn)1-q;(2)等比数列{an}中,是否存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列?若存在,求
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已知等比数列{an}的前n项和Sn,首项a1=a,公比为q(q≠0且q≠1).
(1)推导证明:Sn=
;
(2)等比数列{an}中,是否存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列?若存在,求出符合条件的等比数列公比q的值,若不存在,说明理由;
(3)本题中,若a=q=2,已知数列{nan}的前n项和Tn,是否存在正整数n,使得Tn≥2016?若存在,求出n的取值集合;若不存在,请说明理由.
(1)推导证明:Sn=
a(1-qn) |
1-q |
(2)等比数列{an}中,是否存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列?若存在,求出符合条件的等比数列公比q的值,若不存在,说明理由;
(3)本题中,若a=q=2,已知数列{nan}的前n项和Tn,是否存在正整数n,使得Tn≥2016?若存在,求出n的取值集合;若不存在,请说明理由.
▼优质解答
答案和解析
(1)∵Sn=a1+a2+a3+…+an=a1+a1q+a1q2+…+a1qn-1,①
∴qSn=a1q+a1q2+a1q3+…+a1qn,②
①-②可得(1-q)Sn=a1-a1qn,
当q≠1时,上式两边同除以1-q可得Sn=
,…5分
(2)不存在存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列.
证明如下:若ak、ak+1、ak+2成等差数列,则:2ak+1=ak+ak+2⇒ak(q2-q+1)=0
∵ak≠0∴q2-q+1=0
而q2-q+1=(q-
)2+
>0…8分
∴不存在存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列.…10分
(2)Tn=1×21+2×22+…+n×2n ①
2Tn=1×22+2×23+3×24+…+n×2n+1 ②
①-②得Tn=n×2n+1-(21+22+23+…+2n)=(n-1)2n+1+2…13分
由于Tn是递增的,当n=7时T7=6×28+2<2016;
当n=8时T8=7×29+2>211>2016.
所以存在正整数n,使得Tn≥2016的取值集合为{n|n≥8,n∈N+}-…16分.
∴qSn=a1q+a1q2+a1q3+…+a1qn,②
①-②可得(1-q)Sn=a1-a1qn,
当q≠1时,上式两边同除以1-q可得Sn=
a(1-qn) |
1-q |
(2)不存在存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列.
证明如下:若ak、ak+1、ak+2成等差数列,则:2ak+1=ak+ak+2⇒ak(q2-q+1)=0
∵ak≠0∴q2-q+1=0
而q2-q+1=(q-
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∴不存在存在连续的三项:ak、ak+1、ak+2,使得这三项成等差数列.…10分
(2)Tn=1×21+2×22+…+n×2n ①
2Tn=1×22+2×23+3×24+…+n×2n+1 ②
①-②得Tn=n×2n+1-(21+22+23+…+2n)=(n-1)2n+1+2…13分
由于Tn是递增的,当n=7时T7=6×28+2<2016;
当n=8时T8=7×29+2>211>2016.
所以存在正整数n,使得Tn≥2016的取值集合为{n|n≥8,n∈N+}-…16分.
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